解答题
1
直接通过 sage 计算:
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另外,可以具体过程为:
对于勒让德符号 $$\displaystyle (\frac{a}{p}) = (\frac{2}{29})$$,根据欧拉判别条件 $$\displaystyle (\frac{2}{29}) = 2^{\frac{28}{2}} \equiv 32^2 * 16 \equiv 9 * 16 \equiv 144 \equiv -1 \pmod{29}$$
或者 $$p \equiv -3 \pmod{8}$$,因此 $$\displaystyle (\frac{2}{29}) = -1$$
所以 2 不为 29 的二次剩余。
2
-1
是模 p 的二次剩余 $$\displaystyle \Leftrightarrow (\frac{-1}{p}) = 1$$
对于左侧勒让德符号 $$\displaystyle (\frac{-1}{p}) = (-1)^{\frac{p-1}{2}} = \begin{cases} 1 & \text{若 } p \equiv 1 \pmod{4} \ -1 & \text{若 } p \equiv 3\pmod{4}\end{cases}$$
所以 -1
是模 p 的二次剩余的一个充要条件是 $$p \equiv 1 \pmod{4}$$
3
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这说明 191 对 397 的勒让德符号为 1,说明 191 是 397 的二次剩余。即方程有解。
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另外,手算可以使用二次互反律:
首先:
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$$\displaystyle (\frac{191}{397})(\frac{397}{191}) = (-1)^{95 * 198} = 1 \Leftrightarrow (\frac{191}{397}) = 1*(\frac{15}{191})$$
对于 15 对模 191 的勒让德符号:$$\displaystyle (\frac{15}{191}) = (\frac{3}{191})(\frac{5}{191}) = (-1)^{195}(\frac{191}{3})(-1)^{295}(\frac{191}{5}) = -1*(\frac{2}{3})* 1 *(\frac{1}{5})$$
而我们有 $$\displaystyle (\frac{2}{3}) = 2^{\frac{3-1}{2}} = -1, (\frac{1}{5}) = 1$$
因而对于原式:$$\displaystyle (\frac{191}{397}) = 1*(-1)1(-1)*1 = 1$$
4
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这说明 11 对 511 的雅可比符号为 -1,说明 11 是 511 的二次非剩余。即方程无解。
另外,也可以使用二次互反律:
首先:
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$$\displaystyle (\frac{11}{511}) = (\frac{11}{7})(\frac{11}{73})$$
对于前者 $$\displaystyle (\frac{3}{7}) =3^{\frac{7 - 1}{2}} \equiv 3^3 \equiv -1 \pmod{7}$$
对于后者 $$\displaystyle (\frac{11}{73}) = (-1)^{\frac{11 - 1}{2} \frac{73-1}{2}} (\frac{73}{11}) = (\frac{-2}{11}) = (-2)^{5} = -32 \equiv 1 \pmod{11}$$
所以综上,$$\displaystyle (\frac{11}{511}) = -1$$,因此 11 是 511 的二次非剩余。方程无解。
5
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这说明 2 对 73 的勒让德符号为 1,说明 2 是 73 的二次剩余。即方程有解。
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另外,对于笔算方法。首先:
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$$\displaystyle 73 \equiv 1 \pmod{8} \Rightarrow (\frac{2}{73}) = 1$$
6
即方程 $$n^2 \equiv 3 \pmod{313}$$ 是否有解,这等价于求 3 是否为模 313 的二次剩余。
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这表示 3 确实为 313 的二次剩余。
另外也可以:$$\displaystyle (\frac{3}{313}) = (-1)^{1*156} (\frac{313}{3}) = (\frac{1}{3}) = 1$$
7
(1)$$\displaystyle (\frac{17}{37}) = (-1)^{818}(\frac{3}{17}) =(-1)^{18} \frac{2}{3} = -1$$
(2)$$\displaystyle (\frac{151}{373}) = (-1)^{75186}(\frac{71}{151}) = (-1)^{3575} (\frac{9}{71}) = -(\frac{3^2}{71}) = -1$$
(3)$$\displaystyle (\frac{191}{397}) = (-1)^{95198} (\frac{15}{191}) = (\frac{3}{191})(\frac{5}{191}) = (-1)^{195}(\frac{2}{3})(-1)^{2*95}(\frac{1}{5}) = 1$$
(4)$$\displaystyle (\frac{911}{2003}) = (-1)^{4551001} (\frac{181}{911}) = -(-1)^{90455}(\frac{6}{181}) = -(\frac{2}{181})(-1)^{1*90}(\frac{1}{3})$$
注意到 $$181 \equiv -3 \pmod{8}$$,因此 $$\displaystyle (\frac{911}{2003}) = 1$$
(5)首先:
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$$\displaystyle (\frac{37}{20040803}) = (-1)^{18k} (\frac{12}{37}) = (\frac{3}{37})(\frac{2^2}{37}) = (-1)^{118} (\frac{1}{3}) = 1$$
8
设 x 以 5 为二次剩余,亦即 $$\displaystyle (\frac{5}{x}) = 1$$
$$\displaystyle (\frac{5}{x}) = (-1)^{2*k} (\frac{x}{5}) = (\frac{x}{5})$$
穷举 0 到 4 即可以得到解:$$x \in {k \equiv 1, 2, 4 \pmod{5}, k \in \mathbb{Z}}$$
9
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不会不解方程的做法。
10
(1)$$\displaystyle (\frac{51}{71}) = (\frac{3}{71}) (\frac{17}{71}) = (-1)^{135} (\frac{2}{3}) * (-1)^{835} (\frac{3}{17}) = (-1)^{1*8} (\frac{2}{3}) = -1$$
(2)$$\displaystyle (\frac{35}{97}) = (\frac{5}{97})(\frac{7}{97}) = (-1)^{248} (\frac{2}{5})(-1)^{3*48}(\frac{6}{7}) = (-1) * (-1) = 1$$
(3)$$\displaystyle (\frac{313}{401}) = (-1)^{156 * 200} (\frac{88}{313}) = (\frac{11}{313}) (\frac{2}{313}) (\frac{2^2}{313}) = (-1)^{5*156} (\frac{5}{11}) = (\frac{1}{5}) = 1$$
(4)$$\displaystyle (\frac{165}{503}) = (\frac{3}{503}) (\frac{5}{503}) (\frac{11}{503}) = (-1)^{1251} (\frac{2}{3}) * (-1)^{2251}(\frac{3}{5}) * (-1)^{3*251} (\frac{8}{11})$$
$$\displaystyle = 1 * (-1) * (-1) (\frac{2^2}{11})(\frac{2}{11}) = -1$$
证明题
1
充分性:
若 $$x^2 \equiv 3 \pmod{p}$$ 有解,即 3 为模 p 的二次剩余,即 $$\displaystyle (\frac{3}{p}) = 1$$
$$\displaystyle (\frac{3}{p}) = 1 \Leftrightarrow (-1)^{1 * \frac{p - 1}{2}} (\frac{p}{3}) = 1 \Leftrightarrow$$
$$\displaystyle \big(p \equiv 1 \pmod{4} 且 p \equiv 1 \pmod{3}\big) 或 \big(p \equiv 3 \pmod{4} 且 p \equiv 2 \pmod{3}\big)$$
应用中国剩余定理:$$\Leftrightarrow p \equiv 1 \pmod{12} 或 p \equiv 11 \pmod{12}$$
$$\Leftrightarrow p \equiv \pm 1 \pmod{12}$$
必要性:
因为在进行充分性推导时的每一步都是等价的,因此也是必要条件。
2
5 是模 p 的二次剩余 $$\displaystyle \Leftrightarrow (\frac{5}{p}) = 1 \Leftrightarrow (\frac{p}{5}) = 1 \Leftrightarrow \exist x, x^2 \equiv p \pmod{5}$$
因为我们有 $$p \equiv 1 \pmod{5}$$,显然存在 x=1,使得上式成立,因此得证。
3
考虑分解勒让德符号:
$$\displaystyle (\frac{b}{p}) + (\frac{2b}{p}) + \cdots + (\frac{(p-1)b}{p}) = (\frac{b}{p}) \sum_{i = 1}^{p - 1} (\frac{i}{p})$$
对于后面的加和,因为
设 p 是奇素数,则模 p 的缩系中二次剩余与非二次剩余的个数各为 $$\displaystyle \frac{p - 1}{2}$$,且 $$\displaystyle \frac{p - 1}{2}$$ 个二次剩余分别与序列 $$\displaystyle 1^2, 2^2, \cdots, (\frac{p - 1}{2})^2$$ 中的一个数同余,且仅与一个数同余。
所以 $$\displaystyle \sum_{i = 1}^{p-1} (\frac{i}{p}) = 0$$,所以初式为 0。
4
$$\displaystyle (\frac{-3}{p}) = (\frac{-1}{p})(\frac{3}{p}) = (-1)^{\frac{p - 1}{2}}(-1)^{1*\frac{p-1}{2}} (\frac{p}{3}) = \frac{p}{3} =\begin{cases} 1 & p \equiv 1 \pmod{3} \ -1 & p \equiv 2 \pmod{3}\end{cases}$$
考虑到 p 是奇数,即 $$p \equiv 1 \pmod{2}$$
所以根据中国剩余定理:$$\displaystyle (\frac{-3}{p}) = \begin{cases} 1 & p \equiv 1 \pmod{6} \ -1 & p \equiv -1 \pmod{6}\end{cases}$$
5
我们知道以下的结论:
- 我们知道 1,4 必然是 p 的二次剩余;
- 其次我们知道 $$\displaystyle (\frac{6}{p}) = (\frac{2}{p})(\frac{3}{p})$$,则 6,2,3 三个数中必然有一个是二次剩余;
则以下三对必然有一个均为二次剩余:
- 1 与 3,2 与 4,4 与 6